計算機網路原理第七版習題答案

⑴ 計算機網路原理計算題

解答：
p20的總時延定義，總時延=發送時延+傳播時延+處理時延+排隊時延。
從主機A開始發送數據到主機A把數據全部發送到鏈路上所需要的時間叫發送時延。
發送時延=數據幀長度（b）/發送速率（b/s）
依題意，主機A要發送的數據幀長度為10000bit，速率是10Mbit/s即10*10^6bit/s，那麼發送時延就是：
10000bit÷10000000bit/s=0.001s=1000μs
從主機A到交換機的傳播時延是20μs
交換機接收完分組這個分組同樣需要時間，按照題意是35μs
然後交換機開始發送這個分組，又需要計算發送時延，由於分組長度和速率不變，仍然是1000μs
接著這個分組在交換機到主機B之間的鏈路傳遞，傳播時延是20μs。
關於主機B要多少時間才能接收完這個分組，依題意，「從A開始發送至B接收到該分組所需的總時間」，接收到就是主機B開始接收這個分組那一個時刻，也就是分組的第一個位元組到達鏈路末端的那個時刻，後面的時間就不管它了。
總時延就是上面所有時延的和：
1000+20+35+1000+20=2075μs

⑵ 求計算機網路試題答案，試題如下。

第一題的網路地址是：185.123.235.0，廣播地址是：185.123.235.255 主機地址范圍是，網路地址+1，廣播地址減1，所以主機地址范圍是185.123.235.1——185.123.235.254，主機台數=2二進制的主機位數-2=2的13次方-2

第二題，從題目可知26+5<主機台數=2二進制的主機位數-2<26*6,可求出n=6，7 ,所以當n分別為，6，7時，可以計算出子網掩碼為255.255.255.192，255.255.255.128 。主機數=IP地址數2的N次方-2，分別為62，126。由此可知192.168.1.133所屬IP地址段為192.168.1.129-192.168.1.254。

第三題，由上面可知，轉為二進制為：11010101 01010101 00111101 10011110，通過213.85.61.158/27可知道子網掩碼為255.255.255.224，則213.85.61.158/27的網
絡地址和廣播地址分別為：213.85.61.128，213.85.61.255。

第四題，同上計算，可以計算出182.123.99.25和182.123.142.26網路地址分別為182.123.96.0和182.123.128.0，廣播地址為182.123.255.255和182.123.255.255，主機地址范圍分別為182.123.96.1-182.123.254.254和182.123.128.1——182.123.254.254，所以是不同子網，所屬子網分別為182.123.96.0/19和182.123.128.0/19

⑶ 計算機網路原理試題：長10km、16Mbps、50個站點的令牌環中，每個站點引入1位延遲，信號傳播速度為200m/us

正確答案：
（1）設一位的延遲相當於N米長的電纜,
N/200m/us×16Mbps=1，得N＝12.5米。
（或者這樣思考：1位時延＝1bit/16Mbps=1/16us，相當於1/16us×200m/us=12.5米）
（2）環的比特長度＝信號傳輸時延×數據傳輸速率＋介面延遲位數，即，環的比特長度為：
10km/200m/us×16Mbps＋50×1＝850bit。

⑷ 計算機網路習題，哪位好心人來寫一下，在下感激不盡！

（1）A、B、C、D四台主機之間哪些可以直接通信的？哪些是需要設置網關（或路由器）才能通信的
通過IP地址和子網掩碼可以確定，AB主機屬於192.155.12.96/27網段，C主機屬於192.155.12.160/27網段，D主機屬於192.155.12.192/27網段，因此AB主機之間可以直接通信，AB、C、D之間互相通訊需要設置網關才行
（2）若要加上第五台主機E，使它能與D主機直接通信，其IP地址設置范圍應是多少？
E主機需要與D主機直接通信必須跟D主機在同一網段，也就是192.155.12.192/27網段。IP地址范圍192.155.12.193 到 192.155.12.222，且IP地址不能與D主機沖突。
（3）不改變主機A的物理位置，將其IP改為192.155.12.168，試問他的直接廣播地址和本地廣播地址各是多少？若使用本地廣播地址發送信息，請問哪些主機可以收到？
如果把主機A的IP改為192.155.12.168，那麼直接廣播地址為192.155.12.191，本地廣播地址255.255.255.255.若使用本地廣播發送信息ABCD主機都可以收到。
（4）若要使用主機A、B、C、D在這個網上都能夠直接互相通信，可採用什麼辦法？
若要使ABCD四台主機能直接互相通信只需要將他們的子網掩碼修改為255.255.255.0即可。

⑸ 謝希仁《計算機網路》第七版和第八版相比有什麼不一樣可

謝希仁《計算機網路》第七版和第八版相比，主要存在以下不同：

1. 內容組織和深度：

   • 第七版：內容翻譯生硬，編排不夠流暢，且存在描述不準確或語焉不詳的問題。關鍵知識點解釋模糊，缺乏深度。
   • 第八版：對內容進行了優化，強調理論與實踐相結合，提供了詳細的網路模型和數據傳輸過程解釋，內容深度顯著增加。

2. 實踐應用：

   • 第七版：案例設計多為虛構，與實際項目應用脫節，難以將學習成果轉化為實踐能力。
   • 第八版：提供了豐富的案例分析，使理論知識與實際應用緊密聯系，增強了實踐應用能力。

3. 理論與實踐結合程度：

   • 第七版：理論描述過於抽象，缺乏具體實例，難以激發學習興趣。
   • 第八版：通過詳細的解釋和案例分析，將理論與實踐緊密結合，有助於讀者深入理解網路原理。

4. 知識體系構建：

   • 第七版：對網路系統的描述過於碎片化，缺乏全局視角，不利於構建完整的網路知識體系。
   • 第八版：結構更加系統化，有助於讀者構建起完整的知識框架，形成對網路系統的全面理解。

5. 技術更新和應對策略：

   • 第七版：對技術缺陷和應對策略的討論不足，使讀者在完成項目時容易出現漏洞。
   • 第八版：特別關注了技術的最新發展和實踐應用，強調了協議的缺陷分析和優化策略，為讀者提供了更全面的解決方案。

⑹ 計算機網路習題求解答，急！！！

答: 對於這道題，我的理解如下：

1. ACK表示我期待接收到的下一個位元組的序號，本地主機C向遠程發送數據，它的初始序號為Seq，而他本次需要發送數據的總量正是Window size裡面的值，若全部發送成功，那麼遠程主機ACK的值=Seq+Window size;
2. 然後對於你所說ack=seq+總長度-20-20，我知道你大概的意思就是 SEQ加上總長度，然後再減去 IP和TCP首部的長度吧，就算題目所給的IP手部為20個位元組，但是TCP的首部可不一定是20個位元組呢，因為題目只給了前40個位元組，如果說後面TCP當中它有可選欄位，如果可選欄位也有一定的長度呢？這就是我的見解，可以一起交流。

⑺ 關於計算機網路的問題兩題連在一起，答案在題的後面不是完全明白，誰給我一個詳盡的解答，謝謝

25題
答：
t=0時，A，B開始傳輸數據；
t=225比特時間，A和B同時檢測到發生碰撞；
t=225+48=273比特時間，完成了干擾信號的傳輸；

開始各自進行退避演算法：
A： 因為rA=0，則A在干擾信號傳輸完之後立即開始偵聽

t=273+225（傳播時延）=498比特時間，A檢測到信道開始空閑
t=498+96（幀間最小間隔）=594比特時間，A開始重傳數據
-----第一問A的重傳時間 t=594+225 （傳播時延）=819比特時間，A重傳完畢 ----第二問A重傳的數據幀到達B的時間 B： 因為rB=1，則B在干擾信號傳輸完之後1倍的爭用期，即512比特時間才開始偵聽 t=273+512=785比特時間，B開始偵聽
若偵聽空閑，則 t=785+96（幀間最小間隔）=881比特時間，B開始重傳數據
若偵聽費空閑，則繼續退避演算法

又因為t=819比特時間的時候，A才重傳數據完畢，所以B在785比特時間偵聽的時候，肯定會偵聽信道非空閑，即B在預定的881比特時間之前偵聽到信道忙，

所以，第四問的答案：B在預定的881比特時間是停止發送數據的。
即第三問A重傳的數據不會和B重傳的數據再次發生碰撞